Intel和微软同时出现的C语言面试题 YV0e)bf
#pragma pack(8) >5 Ce/P'R
qD 2<-E&M/
struct s1{ U; ev3
short a; #LF_*a0v
long b; 1`b?nX
}; 75<E 0O
G.L4l|%W
struct s2{ { Ke3
char c; i^j{l_-JE
s1 d; W& G DE
long long e; x'}{^' }/
}; m`n51i{U
!5 x"d7
#pragma pack() F
YcC2TM
|Y:T3hra61
问 InRn!~_N
1.sizeof(s2) = ? yl|+D]
2.s2的s1中的a后面空了几个字节接着是b? p_tMl%K
P^+Og_$
*,mbZE=<
u{8Wu;
如果您知道答案请在讨论中写出，以下是部份网友的答案，供参考： aRfkJPPa[
r/8,4 :rh
网友rwxybh(行云)的答案： t'~:me!
内存布局是 Z3 &8(vw
1*** 11** YAsvw\iseK
1111 **** )\p@E3Uxf
1111 1111
T< P4+#JK
_)lK. 5
所以答案就是24和3 DAJh 9I
owQLAV
下面是一个测试的程序，试一试就知道了，我用的是VC2005 2Ask]
-0lpsF
#pragma pack(8) O=ci"2!\-
](^VEm}w;
struct s1{ MwXgaSV
short a; // 2 BYtes yv,9 0+k
long b; // 4 Bytes , X+0 71.(
}; c~@I1M
struct s2{ L[ rJ7:
char c; // 1 Byte lkBab$ S)
s1 d; // 8 Bytes O`H[,+v m[
long long e; // 8 Bytes 350 y6pVh
}; 0s= GM|y
// 1*** 11** w Mei`svY
// 1111 **** Dr<% Lr
// 1111 1111 90M :0SH
// ]oZ$,2#;~
h|_G2p^J+"
// 00 01 02 03 04 05 06 07 M`A bH19
// 00 01 02 03 04 05 06 07 4{*K%pv\
// 00 01 02 03 04 05 06 07 UIbVtJ
// rXvvJIbi
#pragma pack()
Ws}u4t
8ec~"vGLz~
int main(int argc, char* argv[]) 7J##IH+z35
{ Oxy. V+R
s2 a; "!r7t4
char *p = (char *)&a; BB=%tz` B
for(int i=0;i<24;++i) cYW F)WAog
p = (char)(i%8); ;<MHDm D
printf("%d\n",sizeof(a)); [BmondOx
printf("c=0x%lx\n",a.c); DS-Kot(k(z
printf("d.a=0x%x\n",a.d.a); <"aPoGda
printf("d.b=0x%x\n",a.d.b); e$ E=n
printf("e=0x%llx\n",a.e); [G4#DP\t>p
return 0; XA>@0E>1r
} t~ gnai
结果： fytgS(?I'
24 g7#_a6
c=0x0
,!PNfJA2
d.a=0x504 dLG5yx\js
d.b=0x3020100 d(42ob.Tr
e=0x706050403020100 > lN{FJ
r!#NFek}
%F1 Ce/
网友 redleaves (ID最吊的网友)的答案和分析： 7teg*M{
]@>bz
如果代码: ]`] m41+w
#pragma pack(8) b'uH4[zX%
struct S1{ `[/BG)4
char a; " ?n~ /9`
long b; =@&]PYv
}; o=4d2V%m
struct S2 { ,]1K^UeZ
char c; !dStl:B
struct S1 d; `QAotSO+
long long e; jcv3ES^
}; :1=mNrg
#pragma pack() .,<-lMC+
sizeof(S2)结果为24. ;g7 nG{
成员对齐有一个重要的条件,即每个成员分别对齐.即每个成员按自己的方式对齐. [u =b [(
也就是说上面虽然指定了按8字节对齐,但并不是所有的成员都是以8字节对齐.其对齐的规则是,每个成员按其类型的对齐参数(通常是这个类型的大小)和指定对齐参数(这里是8字节)中较小的一个对齐.并且结构的长度必须为所用过的所有对齐参数的整数倍,不够就补空字节. 5k<qJ9
Yc+ /="&z
S1中,成员a是1字节默认按1字节对齐,指定对齐参数为8,这两个值中取1,a按1字节对齐;成员b是4个字节,默认是按4字节对齐,这时就按4字节对齐,所以sizeof(S1)应该为8; 9kQ~)4#
S2中,c和S1中的a一样,按1字节对齐,而d 是个结构,它是8个字节,它按什么对齐呢?对于结构来说,它的默认对齐方式就是它的所有成员使用的对齐参数中最大的一个,S1的就是4.所以,成员d就是按4字节对齐.成员e是8个字节,它是默认按8字节对齐,和指定的一样,所以它对到8字节的边界上,这时,已经使用了12个字节了,所以又添加了4个字节的空,从第16个字节开始放置成员e.这时,长度为24,已经可以被8(成员e按8字节对齐)整除.这样,一共使用了24个字节. ,`)!K}2
a b Sh}AGNE'
S1的内存布局：11**,1111, eB^:+h#A_
c S1.a S1.b d 5(tOQ%AQ
S2的内存布局：1***,11**,1111,****11111111 lRX*\ M\`
m?>$!B4jFB
这里有三点很重要: ES<"YF
1.每个成员分别按自己的方式对齐,并能最小化长度 bY&s $Ry3"
2.复杂类型(如结构)的默认对齐方式是它最长的成员的对齐方式,这样在成员是复杂类型时,可以最小化长度 UACWs3`s+
3.对齐后的长度必须是成员中最大的对齐参数的整数倍,这样在处理数组时可以保证每一项都边界对齐 /|P&{!
kce+aiv|u
f LxFF
网友xue23(xue23) 的答案和分析： 7-Fh!=\f/
iVREkZ2SC
有程序查一下各个变量的内存地址得知： /DJyNf*
各个变量在内存中的位置为 N@)tU;U3O
c***aa** zf4@:GM`
bbbb**** & =xm>;`3
dddddddd cdf8YN0!
测试代码为： gNo.&G [
s2 ss; ~;3N'o
cout << "ss.c = " << &ss << endl ; LezM=om.
cout << "ss.d.a = " <<&ss.d.a << endl; BoHMz/DB
cout << "ss.d.b = " <<&(ss.d.b) < cout << "ss.d = " <<&ss.e << endl; aKhI|%5kA
print out 各个变量的内存地址不就可以看出来了吗。 WdnCRFO?l
% 7z
所以答案是24,2. jun>(7
uJ {N?
但是我的想像中应该是这样的分布情况： V2V^*9(wu@
c******* XW%!#S&;X
aa**bbbb Cj31'
dddddddd *3s4JK
G<Z|NT
不知为什么会c和a放在一起，组成8位长度。
